物理必修一期中考试题(包含答案)

2012—2013学年度（上）高一期中考

物理试卷

（考试时间80分，满分100分）

一、单项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分） 1．关于参考系的选择，下列说法正确的是（ ） A．在空中运动的物体不能作为参考系 B．参考系必须选取与地面连在一起的物体

C．参考系的选择应该以能准确而方便地描述物体的运动为原则 D．对于同一个运动，选择的参考系不同，观察和描述的结果一定相同 2．以下都是标量的是（ ）

A．质量，密度，速度 B．质量，位移，速度 C．质量，路程，加速度 D．时间，温度，路程

3. 图示为一物体做直线运动的v－t图象，则在0～t1和t1～t2时间内( ) A．速度方向相同，加速度方向相同 B．速度方向相同，加速度方向相反 C．速度方向相反，加速度方向相同 D．速度方向相反，加速度方向相反

第2题图

4．做匀加速直线运动的物体，加速度为2m/s，它的意义是（ ）

2

A．物体在任一秒末的速度是该秒初的速度的两倍 B．物体在任一秒末速度比该秒初的速度大2m/s C．物体在任一秒的初速度比前一秒的末速度大2m/s D．物体在任一秒的位移都比前一秒内的位移增加2m

5．一辆汽车沿平直公路单向行驶，开始以20m/s的速度行驶了全程的1/4，接着以v的速度行驶了最后的3/4的路程，已知全程的平均速度是16m/s，则v等于（ ） A．18m/s B．36m/s C．15m/s D．17.1m/s

6．一个质点做直线运动，原来v>0，a>0，x>0，从某时间开始把加速度均匀减小，则( ) A．速度逐渐增大，直到加速度等于零为止 B．速度逐渐减小，直到加速度等于零为止 C．位移继续增大，直到加速度等于零为止 D．位移继续增大，直到速度等于零为止 二、双项选择题（本题6小题，每小题4分，共24分。每小题有两个选项符合题目要求，全部选对得4分，只选1个且正确的得2分，有选错的或不答的得0分） 7．在下列四个图象中，表示匀速直线运动的是( )

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8．一物体做匀变速直线运动，其位移与时间关系是：x=10t－4t，则（ ）

2

A．物体的加速度是4m/s2 C．物体在2s末的速度为18m/s

B．物体的加速度是－8m/s2 D．物体的初速度是10m/s

9．A、B两球都从同一高度由静止开始下落，A球比B球提早1s下落（球的尺寸相对于下落高度可忽略，球的下落可近似看为自由落体运动）以下说法正确的是（ ） A．研究球从出发点到着地所用时间时，可把球当做为质点 B．以A为参考系，B做竖直向下的匀速直线运动 C．下落中的任意时刻，B的速度总比A的速度小9.8m/s D．下落中，A、B间的距离保持不变

10．一个做直线运动的物体，在t=5s内速度从12m/s增加到18m/s，通过的位移是70m，则（ ）

A．该物体做的是匀加速直线运动

B．该物体做的不是匀加速直线运动

C．5s内的平均速度是14m/s D．5s内的平均速度是15m/s 11．关于自由落体运动，下列说法中正确的是( A．速度变化得越来越快

B．在开始连续的三个1s内通过的位移之比是1:4:9 C．在开始连续的三个1s末的速度大小之比是1:2:3

D．从开始运动起下落4.9m、9.8m、14.7m，所经历的时间之比为1：2：3

12.两辆汽车同时由同一地点沿同一方向做直线运动，甲车匀速前进，乙车匀加速前进，它们的v-t图像如图所示，则下列判断正确的是 （ ） A ．前2s乙车速度逐渐增大，两车距离在缩小 B ．前2s甲车在乙车前，后2s乙车超过甲车 C ．2s末时，两车速度相等，两车距离不再增大 D． 距离出发点40m远处两车相遇

三、实验题（本题10个空，共18分）

13.（1）在做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，使小车停在靠近打点计时器处，先 ，再 ，让小车在钩码牵引下运动。（2分）

（2）在实验得到纸带上确定七个计数点A、B、C、D、E、F、G，如图所示，每两个相邻的计数点之间的时间间隔为T=0.10s，测得CD间的距离为

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第12题图

).

x3=5.20cm，DE间的距离为

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x4=5.99cm，FG间的距离为x6=7.62cm

①根据

x1 x2 x3 x4 x5 x6

x3和x4计算D点的瞬时速度vD= m/s

（计算结果保留三位有效数字）（3分）

②实验作出小车运动的速度图像是一条倾斜向上的图线，说明小车速度随时间在 地变化，小车加速度 ，做 直线运动；（3分）

③对于匀变速直线运动的判别式△x=aT2可推广到不相邻的两段相等时间内的位移差：

xnxm(nm)aT2,（n,m表示不为0的自然数，如1,2,3……，n>m）试用此推广式，利

用已知的（4分）

④某同学用两种方法处理数据求小车加速度 方法A：运用△x=aT2，由

x3和x6，粗略求小车的加速度a= m/s2(计算结果保留三位有效数字)

a1x2x1T2，

a2x3x2T2，…，

a5x6x5T2，求平均值

aa1a2...a55

方法B：运用

xnxm(nm)aT，由

2a1x4x13T2，

a1x5x23T2，

a1x6x33T2，求平均值

方法A求得加速度的最终表达式为 （2分）；方法B求得加速度的最终表达式为 （3分）。为使每段位移都用到，减小偶然误差，选择 方法（填“A”或“B”）更合理（1分）。

四、计算题（按题目要求作答。解答题必须写出必要的文字、方程、重要的演算步骤。14、15题12分，16题16分，共40分）

14．（12分）汽车以l0m/s的速度在平直公路上匀速行驶，刹车后经2s速度变为6m/s，刹车过程中，汽车可看为做匀减少直线运动，求： （1）刹车后8s末的速度； （2）刹车后8s内滑行的距离。

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aa1a32a3物理必修一期中考试题(包含答案)

15．(12分)飞机起飞滑行时，从静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为4.0m/s2，飞机速度达到80m/s时离开地面升空．如果在飞机达到起飞速度时，突然接到命令停止起飞，飞行员立即使飞机制动，飞机做匀减速直线运动，加速度大小为5.0m/s2.如果要求你为该类型的飞机设计一条跑道，使在这种情况下飞机停止起飞而不滑出跑道，你设计的跑道长度至少要多长？

16．（16分）一气球用绳子系着一物体以v0=4m/s速度从地面开始匀速上升，升至64m高处绳子突然断裂，物体脱离了气球，(空气阻力不计，g=10m/s2)求： （1）该物体从脱离气球至运动到最高点所需时间t1（3分） （2）该物体从脱离气球至下落到地所用时间t；（6分） （3）该物体着地时的速度v；（3分）

（4）根据上面所求的，以v0方向为正方向，大概画出物体从脱离气球到着地这段时间内运动的速度图像（要求标出已知的坐标值），（3分）图线与时间轴的交点表示什么意义？（1分）

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2012—2013学年度（上）高一期中考

物理试卷答案

一、单项选择题（共6道，每道3分，共18分） 1 C 2 D 3 B 4 B 5 C 6 A

二、双项选择题（共6道，每道4分，共24分） 7 BC 8 BD 9 AC 10 BC 11 CD 12 CD 三、实验题（共10空，共18分）

13、（1）打开电源（或打开打点计时器） ； 释放小车 （2）① 0.560 ； ② 均匀 ； 不变 ； 匀加速（匀变速） ③ 0.807 ④5T2 ；

x6x1x4x5x6(x1x2x3)(3T)2

四、计算题（14、15题12分，16题16分，共40分） 14、解：由avt得刹车的加速度为av1v0t16102m/s22m/s2

（或由v1v0at1得a刹车时间，由avt6210m/s22m/s2）

10 02s5s得tvv0a（或由vv0at得tvv0a10） 02s5s（1）因8s>5s，故8s末汽车的速度为0

221（2）刹车后8s内汽车滑行的距离为：xv0t12at1052(2)5m25m

（或由vv02ax得刹车后8s内汽车滑行的距离为x15、解：匀加速直线运动阶段：由v1v02a1x1得：

2222v2v022a01022(2)m25m）

x1v12v022a1208024m800m

22 匀减速直线运动阶段：由v2v12a2x2得：

x2v22v122a208022(5)m640m

故跑道长度至少为：xx1x2800m640m1440m （或 由v1v0a1t1得匀加速直线运动阶段时间：t121故加速阶段位移：x11at420m800m 21122v1v0a18040s20s

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由v2v1a2t2得匀减速直线运动阶段时间：t22v2v1a280 05s16s21故减速阶段位移：x2v1t21 2a2t280162(5)16m640m所以跑道的长度至少为：xx1x2800m640m1440m） 16、解：（1）以v0方向为正方向

由vv0gt得物体从离开气球到最高点所需的时间：t1vv0g4 010s0.4s（2）设物体继续上升的高度为x1，取向上为正方向，由v2v02gx1得 x1v2v022g2042210m0.8m

221（或x1v0t12gt40.42100.40.8m）

物体下落总高度：xx0x1(640.8)m64.8m 取竖直向下为正方向 由x1得：t22gt222xg264.810s3.6s

故该物体从脱离气球到着地所用时间为：tt1t20.4s3.6s4s （或用整体法：取v0方向为正方向

2由x0v0t12gt其中：x064m； v04m/s代数解得t4s或—3.2s（舍弃）

故物体经4s着地）

（3）物体着地时的速度：vgt2103.6m/s36m/s 方向竖直向下

（或用整体法：物体着地时的速度：vv0gt(4104)m/s36m/s 负号表方向竖直向下） （4）

v/(ms1) 4 4 0 0.4 t/s —36 交点表示物体处于最高点时，速度为0

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